学历证明模板(10篇)

导言：作为写作爱好者，不可错过为您精心挑选的10篇学历证明，它们将为您的写作提供全新的视角，我们衷心期待您的阅读，并希望这些内容能为您提供灵感和参考。

篇1

姓名 ，性别 ， 年 月 日出生，身份证号码：，系 省市/县人，于 年 月至 年 月在本校就读(普通高中/职高 /成高/ ) (专业)毕业。

现因遗失毕业证书，本人要求证明其学历。经核实，特发此件，以资证明。

学校(盖章)：

现任校长(签章)：

年 月 日

学历证明样本二()ХХ字第ХХ号

根据ХХ中学ХХ年Х月Х日发给ХХ的第ХХ号毕业证书，兹证明ХХХХ(男或女，ХХ年Х月Х日出生)于ХХ年Х月至ХХ年Х月在ХХ市(县)ХХ中学学习，于ХХ年ХХ月高中(或初中)毕业。

中华人民共和国ХХ省ХХ市公证处

公证员(签名)

ХХ年Х月Х日

注意事项

1.《学历证明书》应按相应市教育行政主管部门规定的统一式样出具;没有统一规定的地市，可参照此式样。

2.《学历证明书》必须由现任校长签章，并加盖学校公章。

3.学校校名发生变更的，必须到毕业学校所属教育主管部门加注意见并盖章。

学历证明样本三我校 *** 系***专业 学生 ***， 准备报名参加xx-xx年(某某)考试。该同学系xx-xx年应届本科(或大专)毕业生，已具备大专以上学历，符合报考条件。

篇2

我校 *** 系***专业 学生 ***， 准备报名参加2xx-xx年(某某)考试。该同学系2009年应届本科(或大专)毕业生，已具备大专以上学历，符合报考条件。

特此证明。

******学院(校)

二xx-xx年 月 日

学历证明格式

1.办证申请人必须先亲自到原就读学校办理有关证明手续。

2.学校经专人核查，证实申请人学历后，出具学历证明书(电脑打印，格式附后)。其中，申请人是肄业的，要注明读到几年级;“经办人”指具体负责核查学历资料的人员。“校长签名”，“校长”指的是现任校长;学校曾更名或撤消、合并的，也要注明。

3.办证人持学历证明书、有关的证明资料(学校提供的毕业学籍册，如无毕业学籍册，要提供申请人的毕业集体像、学生手册等有效证明)、办证申请报告及个人身份证影印件到教育主管部门加具意见、签名、盖章。申请人属镇区学校的,先到当地教办,再到市教育局，属直属直管学校的，直接到市教育局。

注:

1.办证申请人现居澳门的，应先到澳门教育司领取学历申请表格，并按其要求回内地学校办理上述有关手续并到教育行政部门鉴证。

2.各学校要将发出的学历证明书复印一份自存，并立卷归档。

编号：

姓名 ，性别 ， 年 月 日出生，身份证号码：，系 省市/县人，于

年 月至 年 月在本校就读(普通高中/职高 /成高/ ) (专业)毕业。

现因遗失毕业证书，本人要求证明其学历。经核实，特发此件，以资证明。

学校(盖章)：

现任校长(签章)：

年 月 日

格式2

()ХХ字第ХХ号

根据ХХ中学ХХ年Х月Х日发给ХХ的第ХХ号毕业证书，兹证明ХХХХ(男或女，ХХ年Х月Х日出生)于ХХ年Х月至ХХ年Х月在ХХ市(县)ХХ中学学习，于ХХ年ХХ月高中(或初中)毕业。

中华人民共和国ХХ省ХХ市公证处

公证员(签名)

ХХ年Х月Х日

注 意 事 项

篇3

兹有xxx，男，身份证号：XXXXXxXXXX，系XXX2017届大学生村官，于2017年8月上岗工作至今，因通过2019年XXXXXX招录考试，需解除聘用，定于2019年8月27日办理解聘手续，XXXXX同志在我单位工作至2019年8月27日止。

篇4

贫困生申请书范文2贫困证明

贫困证明格式

xx-xx(学校)：

贵校学生xx-x其家长属本地居民，家庭基本情况如下：

一、家庭人口x人，家庭成员组成：

家庭年收入约000元

二、主要收入来源：xx-xxx-xxx-xxx(填写)

三、目前家庭主要困难:

(比如家庭成员是否有重病医疗开支是否较大，是否有残疾，收入来源是否单一，劳动力是否较少)

确属贫困家庭。特此证明。

村委会(街道居委会)乡、镇(含)或县区政府民政部门

或家庭联系人所在街道以上民政部门

单位盖章盖章盖章

年月日年月日年月日

盖章单位联系电话：000

贫困证明范文：

篇5

就以上毕业证明补办工作流程来看，学籍档案利用过程的科学性和严密性不可谓不到位。但是受到整个社会教育评价体系的影响，并且学校工作流程中确实存在着一些信息安全隐患，使得学历造假者有机可乘。一是归档材料形成前端易造成信息安全隐患。与学历有关的材料在形成和制作过程中没有考虑到个人利用的问题，归档以后在提供利用时就会让档案工作人员犯难。突出表现是学籍档案中的学历（学位）证书领取花名册。为了学生领取学历（学位）证书操作过程的方便快捷，学校相关部门均是将当年所有毕业生的学历（学位）签领信息合订装册。归入档案馆后，丢失补办证明和进行学历认证者毕竟是少数，但是在提供利用时，由于相关部门仅需要个人学历（学位）信息，而学籍档案中一页上面会有很多同学的学历（学位）信息，在复印时无法将个人信息分离出来，只能将整页档案都复印，这样便有可能造成学生学历（学位）信息的泄露。虽然在查档利用时需要出示来人身份证，且在查询完毕后必须登记利用者的姓名、单位以及身份证号等信息，但是对于哪些别有用心、恶意伪造学历证明者往往容易钻空子。二是学校部门之间的条块分割易造成信息安全隐患。假如有同学丢失学历（学位）证书需要学校为其出具证明，根据学校工作流程，他（她）首先需要到教务处，提出补办证明申请，由该部门列出需要提供给他们的学籍卡、成绩单、学历（学位）证书签领册等相关档案凭据材料，要求他们在档案馆查询得到这些材料的复印件，并加盖案卷档号章及陕西师范大学档案证明专用章，然后再持这些档案材料去教务处，由教务处整理之后拿到省教育厅去办理。由于学历（学位）档案材料上的个人信息无法分离，利用者查到的学历（学位）档案材料上还有很多其他人的信息，而教务处和档案馆存在着地理位置上的一定距离，因此，在这一过程中如果利用者别有用心窃取他人信息然后再去伪造相关证书可以说是易如反掌，而且据此信息伪造的学历（学位）证书比较难辨真伪。

篇6

按国家规定，高校毕业生毕业证遗失后，可以申请补办学历证明书，不能补发毕业证。学历证明书由国家教育部统一印制，内容与毕业证书基本相同，贴本人免冠照片，盖学校印章并编号。学历证明书具有毕业证书同等效力，出国使用者可由公证处公证。

补办学历证明书一般应遵循下列程序：

毕业证书丢失后，应登报声明原毕业证书作废，并向毕业学校申请补办，写出书面材料，写清自己的入学时间和毕业时间，以及所学专业、年龄、性别和现工作单位等；毕业学校对其情况核查信息是否真实；补发学历证明书。

（来源：文章屋网 ）

篇7

例1 求证：cos36°-cos72°=12.图1证明 如图1，在半径为R的圆周的五等分点A、B、C、D、E各放置电荷量相同的5个带负电的点电荷，设它们单独在圆心O处激发的电场强度大小均为E，由对称性可知，五电荷在圆心O处激发电场的合场强为0.图1中，取OA方向为电场强度的正方向，根据场强的合成法则，则有：

E+2Ecos72°+2Ecos144°=0，

所以E+2Ecos72°-2Ecos36°=0，

所以2cos36°-2cos72°=1，

所以cos36°-cos72°=12.

该证明过程果然“独特”而又“简洁”，运用物理学中场强的合成法则，三两步居然就导出了一个看似毫不相干的纯数学问题.

仔细分析可以看出，上述推理过程中，证明者“不自觉”地采用了循环论证.五个相同的点电荷关于圆心成旋转对称放置时，圆心处的合场强之所以等于零，是由于两方面的原因，其一，场强的合成遵从于矢量的叠加原理；其二，一个三角恒等式的成立――将周角2π分成n等份（n为自然数），其中大小为1份，2份，3份，……，n份角的余弦之和等于零，即

cos1×2πn+cos2×2πn+cos3×2πn+…+cosn×2πn=0.

我们对这个三角恒等式的正确性进行逻辑论证.分两种情况进行证明：

（1）n为偶数时，令n=2k（k∈N*），

cos1×2πn+cos2×2πn+cos3×2πn+…+cosn×2πn

=cos1×2π2k+cos2×2π2k+cos3×2π2k+…+cos（k+1）×2π2k+cos（k+2）×2π2k+cos（k+3）×2π2k+…+cos（k+k）×2π2k

=[cos1×2π2k+cos（k+1）×2π2k]+[cos2×2π2k+cos（k+2）×2π2k]+[cos3×2π2k+cos（k+3）×2π2k]+…+[cosk×2π2k+cos（k+k）×2π2k]

=[cos1×2π2k+cos（π+1×2π2k）]+[cos2×2π2k+cos（π+2×2π2k）]+[cos3×2π2k+cos（π+3×2π2k）]+…+[cosk×2π2k+cos（π+k×2π2k）]

=0.

等式成立.

（2）n为奇数时，令n=2k+1（k∈N*），

cos1×2πn+cos2×2πn+cos3×2πn+…+cosn×2πn

=cos1×2π2k+1+cos2×2π2k+1+cos3×2π2k+1+…+cos（2k+1）×2π2k+1

=cos2×2π4k+2+cos4×2π4k+2+cos6×2π4k+2+…+cos2（2k+1）×2π4k+2.

我们只需证明cos2×2π4k+2+cos4×2π4k+2+cos6×2π4k+2+…+cos2（2k+1）×2π4k+2=0即可.由上面（1）的证明结论可知，当n=4k+2（k∈N*）时，等式成立，即：

cos1×2π4k+2+cos2×2π4k+2+cos3×2π4k+2+cos4×2π4k+2+cos5×2π4k+2+cos6×2π4k+2+…+cos2（2k+1）×2π4k+2=0.

所以12[2cos1×2π4k+2+2cos2×2π4k+2+2cos3×2π4k+2+2cos4×2π4k+2+2cos5×2π4k+2+2cos6×2π4k+2+…+2cos2（2k+1）×2π4k+2]=0.

所以12{2[cos2×2π4k+2+cos4×2π4k+2+cos6×2π4k+2+…+cos2（2k+1）×2π4k+2]+[（cos1×2π4k+2+cos3×2π4k+2）+（cos3×2π4k+2+cos5×2π4k+2）+（cos5×2π4k+2+cos7×2π4k+2）+…

+（cos（4k-1）×2π4k+2+cos（4k+1）×2π4k+2）+（cos（4k+1）×2π4k+2+cos1×2π4k+2）]}=0.

所以12{2[cos2×2π4k+2+cos4×2π4k+2+cos6×2π4k+2+…+cos2（2k+1）×2π4k+2]

+[（cos1×2π4k+2+cos3×2π4k+2）+（cos3×2π4k+2+cos5×2π4k+2）+（cos5×2π4k+2+cos7×2π4k+2）+…

+（cos（4k-1）×2π4k+2+cos（4k+1）×2π4k+2）+（cos（-1×2π4k+2）+cos1×2π4k+2）]}=0.所以12{2[cos2×2π4k+2+cos4×2π4k+2+cos6×2π4k+2+…+cos2（2k+1）×2π4k+2]+2[cos2×2π4k+2cos2π4k+2+cos4×2π4k+2cos2π4k+2+cos6×2π4k+2cos2π4k+2+…+cos4k×2π4k+2cos2π4k+2+cos0cos2π4k+2]}=0.

所以12{（2+2cos2π4k+2）[cos2×2π4k+2+cos4×2π4k+2+cos6×2π4k+2+…+cos2（2k+1）×2π4k+2]}=0.所以cos2×2π4k+2+cos4×2π4k+2+cos6×2π4k+2+…+cos2（2k+1）×2π4k+2=0.

这说明，当n为奇数时，等式也成立.

综合（1）、（2），问题得证.

如果等式cos1×2πn+cos2×2πn+cos3×2πn+…+cosn×2πn=0不成立（注意，我们说的是“如果”），即使n个相同的点电荷关于某点成旋转对称，这些点电荷在该点的合场强也不会为零！换句话说，例1证明的论证过程，说“圆心O处的场强为零，就已经事先“默认”了恒等式cos1×2πn+cos2×2πn+cos3×2πn+…+cosn×2πn=0的成立，而式子“cos36°-cos72°=12”正是该恒等式的一个特例（n=5的情形），因此，该证明属于循环论证.

例2 求证：12+22+32+…+n2=n（n+1）（2n+1）6.

证明 在竖直平面内，以1m为单位长度建立如图2所示的平面直角坐标系（其中x轴水平），以（1，0）为一个顶点A作正ABC，使BC边上的高线AD落在x轴上，并使AD=n-1（n为正整数），将ABC各边（n-1）等分后，图2按图2的方式连接各等分点，将原ABC分成多个全等的小等边三角形，在各小三角形的顶点均放置重1N的质点（多点重合的按1点计），则相对于坐标原点O，这些质点重力的力矩之和为：

1×1+2×2+3×3+…+n・n=12+22+32+…+n2（单位：N・m）

由三角形重心定理得，这些质点组成系统的重心在ABC中线（当然也是等边三角形的高）AD上，距离A点23AD处，不妨设重心为H，则有AH=23（n-1），故H的坐标为（23n+13，0）.由于这些质点的重力之和G=1+2+3+…+n=n（n+1）2，而系统各质点重力相对于某点的力矩之和等于系统重力（作用于系统重心）相对于该点的力矩，故有：

12+22+32+…+n2=n（n+1）2（23n+13）=n（n+1）（2n+1）6，

所以12+22+32+…+n2=n（n+1）（2n+1）6.

分析 该推理过程中，“这些质点组成系统的重心在ABC中线AD上，距离A点23AD处”论断的证明，就需要运用公式“12+22+32+…+n2=n（n+1）（2n+1）6”，证明如下：

图2中，设质点组成系统的重心坐标为（x，0），根据物理学中重心定义可得：

x=（∑ni=1Gi）-1∑ni=1Gixi （G为各质点的重力）

=1×1+2×2+3×3+…+n・n1+2+3+…+n

=12+22+32+…+n21+2+3+…+n

=n（n+1）（2n+1）6n（n+1）2

=2n+13

=23（n-1）+1.

所以AH=23AD.（利用此方法，我们也可以很方便的推出三角形的重心定理――质量分布均匀的三角形，重心到顶点的距离等于它到对边中点距离的2倍）

上述推理中，在“12+22+32+…+n21+2+3+…+n=n（n+1）（2n+1）6n（n+1）2”这一步，我们就运用了等式12+22+32+…+n2=n（n+1）（2n+1）6，换句话说，若该等式不成立（注意，这里我们说的仍是“如果”），“这些质点组成系统的重心在ABC中线AD上，距离A点23AD处”的论断也将不再成立（当然，三角形的重心定理也将不再成立）！所以，这种利用力矩原理证明数学等式“12+22+32+…+n2=n（n+1）（2n+1）6”的过程，尽管非常的简洁，但仍然属于循环论证.

实际上，除了单纯由实验总结出的规律之外（比如滑动摩擦力与压力间的正比关系），一些物理定律或原理与相关的数学恒等式之间有时的确存在因果关系――运用数学知识，根据已有的物理规律或原理，用逻辑推理的方法，导出新的物理规律和原理.而一个纯数学问题，绝对不会以某个物理原理的成立作为自己成立的条件，因此，数学问题与物理原理间的“正确”逻辑关系为，数学问题是“因”，相关的物理原理为“果”，绝不会因果倒置.所谓的根据物理原理论证某个纯数学问题正确性的过程，从表面上看，或许“独特”而又“简洁”，但实质上都是在犯循环论证的错误.

参考文献

篇8

2、无法寻找到元件，应该向教育有关部门申请挂失。

篇9

2、出国留学。世界上有很多国家与我们建立了互认学历关系，国外教育学校或机构通过学历认证系统，可以方便的确认中国学生的学历。相同，通过学历认证系统，中国也可以方便的确认国外学生的真实学历。

篇10

兹证明

同学系我校

学院/系

专业

年级

班普通本科/普通高职专科层次全日制学历教育学生，该生非免费师范生、定向生、委培生、国防生和应征入伍服兵役学生，身份证号码

，学号为

，学制

年，学费标准为

元/学年（大写：

，不含住宿费、教材费等费用）。

特此证明

辅导员/班主任（签字）：

联系电话：

（院校财务部门公章）

（院校资助部门公章）